- 1 -
高三年级学情检
数学试题参考答案
一、单项选择题:本题 8 小题,每小题 5 分,共 40 分.在每小题给出的四个选项中,只
有一项是符合题目要求的
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
答案
B
A
D
A
A
B
C
D
二、多项选择题:本题 4 小题,每小题 5 分,共 20 分.在每小题给出的四个选项中,有
多项符合题目要求.全部选对的得 5 分,部分选对的得 2 分,有选错的得 0 分。
9
10
11
12
BD
BC
BCD
ABC
三、填空题:本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分。
13414
1
2
15
1
2
16
1
31
8
2
n
n
B
(第一空 2 分,第二空 3 )
四、解答题: 70 .解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
17【解析】
1
)因为
2 cos
cos
b c C
aA
所以
(2 )cos cosb c A a C
所以
2sin cos sin cos cos sin sin( ) sinB A A C A C A C B
因为
sin 0B
,所以
1
cos
2
A
因为
(0 )A
,所以
3
A
2
)因为
12
33
BD BA BC
,所以
1
3
CD CA
所以
1 1 3
sin
3 6 12
BCD ABC
S S bc A bc
因为
2 2 2
2 cosa b c bc A
所以
22
9 b c bc bc
,当且仅当
bc
时,等号成立,
所以
3 3 3
12 4
BCD
S bc
所以
BCD
面积的最大值
33
4
- 2 -
18【解析】
1
)因为
2
( 1) 3
n
nn
aa
n
21n
,则
2 1 2 1
3
nn
aa


1
3
nn
bb

11
1ba
所以
数列
{}
n
b
是以
1
为首项,
3
为公差的等差数列,
所以
32
n
bn
2
)令
n
2n
,则
2 2 2
3
nn
aa

所以
30 1 3 29 2 4 30
( ) ( )S a a a a a a
由(
1
)可知,
1 3 29 1 2 15
330a a a b b b
2 4 2 2 4 6 28 30
( ) ( ) 2 21 23
n
a a a a a a a a
所以
30
330 23 353S
19【解析】
1)证明:连接
11
D E D F
,取
1
BB
的中点为
M
,连接
1
MC ME
因为
E
1
AA
的中点,所以
1 1 1 1
EM AB C D
,且
1 1 1 1
EM AB C D
所以 四边形
11
EMC D
为平行四边形,所以
11
D E MC
又因为
F
1
BB
的中点,所以
1
BM C F
,且
1
BM C F
所以 四边形
1
BMC F
为平行四边形,所以
1
BF MC
所以
1
BF D E
,所以
1
B E D F
四点共面;
2)以
D
为坐标原点,
1
DA DC DD
分别为
x
轴,
y
轴,
z
轴建立空间直角坐标系,
假设存在满足题意的点
G
,设
(0 0 )Gt
,由已知
(1 1 0) (1 0 1) (0 1 1)B E F
( 1 1 0)EF 
(0 1 1)EB 
( 1 0 1)EG t 
设平面
BEF
的法向量为
1 1 1 1
()x y z n
x
y
z
M
F
C
1
D
1
C
B
1
A
1
E
A
B
D
G
- 3 -
1
1
0
0
EF
EB


n
n
,即
11
11
0
0
xy
yz

1
1x
,则
1
(1 1 1) n
设平面
GEF
的法向量为
2 2 2 2
()x y z n
2
2
0
0
EF
EG


n
n
,即
22
22
0
( 1) 0
xy
x t z
2
1xt
,则
2
( 1 1 1)tt n
因为 平面
GEF
平面
BEF
,所以
12
0nn
所以
1 1 1 0tt
,所以
1
2
t
所以 存在满足题意的点
G
,使得平面
GEF
平面
BEF
DG
的长度为
1
2
.
20【解析】
1)由题意可
满意
不满意
合计
上班族
15
40
55
非上班族
35
10
45
合计
50
50
100
零假设为
0
:H
市民对交通的满意度与是否上班独立
因为
2
2
100 (15 10 35 40) 2500
25.253 10.828
50 50 55 45 99
根据小概率值
0.001
的独立性检验,我们推断
0
H
不成立,即认为市民对交通的
意度与是否上班有关,此推断犯错误的概率不大 0.001.
2i)当
5n
时,
5
X
的取值为 12345
由(1)可 市民的满意度和不满意度均为
1
2
所以
5
1
( 1)
2
PX 
5
2
1
( 2)
2
PX 
5
3
1
( 3)
2
PX 
5
4
1
( 4)
2
PX 
5
4
1
( 4)
2
PX 
所以
5
X
的分布列为
- 4 -
5
X
1
2
3
4
5
P
1
2
2
1
2
3
1
2
4
1
2
4
1
2
所以
5
2 3 4 4
1 1 1 1 1 31
1 2 3 4 5
2 2 2 2 2 16
EX
ii
2 3 1 1 1
1 1 1 1 1 1
1 2 3 ( 1) 2
2 2 2 2 2 2
n
n n n
EX n n
n
趋向于正无穷大时,
n
EX
趋向于 2此时
n
EX
恰好为不满意度的倒数;
也可以理解为平均每抽取 2 个人,就会有一个不满意的市民.
21【解析】
1)由已知
(0) e 0fb
,所以
eb 
1
( ) e 1
x
f x a
所以
(0) e 1 ek f a
所以
1a
2)函数
()fx
的定义域为
R
因为
1
( ) e 1
x
f x a
i)若
10a
,即
1a
时,
( ) 0fx
()fx
R
上单调递增,
因为
1x 
时,
( ) (1 ) 1 (1 ) | | 1f x a x b a x b
所以
0
| | 1
11
1
b
x
a
,则
0
( ) 0fx
,不合题意;
ii)若
10a
,即
1a
时,
( ) 0fx
()fx
R
上单调递增,
若不等式
1
( ) e 0
x
f x b

恒成立,则
0b
所以
0
b
a
,即
b
a
的最小值为 0
iii)若
10a
,即
1a
时,
( ) 0fx
,解得
ln( 1) 1xa
( ) 0fx
,解得
ln( 1) 1xa
所以
()fx
( ln( 1) 1)a
上单调递减,
(ln( 1) 1 )a
上单调递增;
若不等式
( ) 0fx
恒成立,
- 5 -
(ln( 1) 1) 2( 1) (1 )ln( 1) 0f a a a a b
2(1 ) ( 1)ln( 1)b a a a
所以
2(1 ) ( 1)ln( 1)b a a a
aa
1 ( 0)a t t
,则
2(1 ) ( 1)ln( 1) (ln 2)
1
a a a t t
at
(ln 2)
( ) ( 0)
1
tt
g t t
t

,则
2
ln 1
()
( 1)
tt
gt
t

所以
(0 1)t
时,
( ) 0gt
()gt
单调递减;
(1 )t
时,
( ) 0gt
()gt
单调递增;
所以
( ) (1) 1g t g 
,此时
2a
b
a
的最小值为
1
综上所述
b
a
的最小值为
1
1)由题意可
M
的圆心为
(1 0)
,半径为 4
因为线段
PN
的垂直平分线交线段
PM
于点
Q
所以
| | | |QP QN
所以
| | | | | | | 4QN QM QP QM
又因为
| | 2 4MN 
所以
Q
的轨迹是以
NM
为焦点的椭圆,
22
22
1( 0)
xy
ab
ab
,则
2 1 3a c b
所以
Q
的轨迹方程为
22
1
43
xy

2i)若两条直线斜率均存在
设过点
E
的弦所在直线
1
l
的方程为
1( 0)x t y t
,代入椭圆方程联立得:
22
(3 4) 6 9 0t y ty
,设
1
l
与椭圆两交点的坐标分别为
1 1 2 2
( ) ( )x y x y
所以
12
2
6
34
t
yy
t

,所以
2
3
34
E
t
y
t
22
34
1
3 4 3 4
E
t
xt
tt

同理
2
22
43
3 4 3 4
FF
tt
xy
tt



由对称性可知
EF
所过定点必
x
轴上,设为
0
( 0)Tx
- 6 -
显然
ET TF
,所以
2
00
2 2 2 2
4 3 3 4
( ) ( )
3 4 3 4 3 4 3 4
t t t
xx
t t t t
化简得
22
0
4(1 ) 7 (1 )t x t
,即
0
4
7
x 
ii)若其中一条直线斜率不存在,则直线
EF
x
轴;
综上 直线
EF
必过定点
4
( 0)
7
T
取点
N
与点
T
的中点为
G
,则
11
( 0)
14
G
因为
NH EF
,所以
0NH TH
所以
H
在以
G
为圆心,
3
| | | |
14
GT GH
为半径的圆上运动,
所以
存在定点
G
,使得
||GH
为定值.